Complexe getallen
Uitwerkingen VWO B
Deel 3
Keuzeonderwerp
2
Opgave 1.1 a) 6 4i b) 20 c) 6i d) 1 5 10i e) 8 24i f) 1 i
Opgave 2.1
a) 1 6 24i 9 7 24i b) 1 0 21i 10 20 21i c) 81 72i 16 65 72i d) 49 4 53
Opgave 2.2
a)
8 6
25 25
8 6 16 9
i i
b)5 14
17 17
3 2 4 12 5 2 14 5
4 4 16 1 17
i i i i
i i i
c)
2 2
3 3
5 2 5 2
3 3 1
i i i
i i i
d)
8 6
25 25
2 3 4 6 8
3 4 3 4 9 16
i i i
i i i
e)
1 1 1 2 1 2
1 1 2 2
i i i i
i i i
Opgave 2.3
a) z2 6z 9 2 (z 3)2 2 z 3 2 dus
3 2 3 2
z of z
b) z2 2z 2 0 z2 2z 1 1 (z 1)2 1 i dus2
1 1 1
z i z i of z i
c) z2 8z 17 8 z2 8z16 9 (z4)2 (3 )i 2 dus
4 3 4 3
z i of z i
d)
z
2 5 z 7
14 z
2 5 z 6
14 1 ( z 2 )
12 2 i dus
21 1
2 2
2 2
z i of z i
e)
z
2 2 3 z 19 z
2 2 3 z 3 16 ( z 3)
2 (4 ) i
2dus
3 4 3 4
z i of z i
f) 4z2 12z 13 4z2 12z 9 4 (2z3)2 (2 )i 2 dus
1 1
2 2
2 z 3 2 i z 1 i of z 1 i
Opgave 2.4
a)
z
1 z
2 ( a bi x yi )( ) ax ayi bxi byi
2 ax by ( ay bx i )
b)
1 2
2 2 2
2
z a bi a bi x yi ax ayi bxi byi
z x yi x yi x yi x y i
2 2 2 2 2 2
( ) ( )
ax by bx ay i ax by bx ay i
x y x y x y
Opgave 3.1
Teken de getallen 2 – 4i (A) , -2i (B) , 5 (C), 2 i 3
(D), 1+i (E) en -54i (F) .
Opgave 3.2 a) Alle getallen van de vorm
4 b i
liggen op de verticale lijn door 4.Opgave 3.2 b) Alle punten met Re z = 4 liggen op de verticale lijn door 4. (Zie opg a)).
Opgave 3.2 c) Alle punten met Im z = -3 liggen op de horizontale lijn door -3i.
Opgave 3.2 d) Alle punten met Re z = 2 liggen op de verticale lijn door 2.
Opgave 3.3
a) Als z=x+yi dan betekent Re z = Im z dat x = y, ofwel y = x. Dit levert alle punten van lijn l.
b) Im z = 3 Re z betekent: y = 3x, dus dat geeft lijn m.
4
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
A B
C
D E
F
c) Re z = Im z – 3 betekent x = y – 3 ofwel y = x + 3, dus dat geeft lijn n.
d) (Re z)2 + (Im z)2 = 25 betekent
x
2 y
2 25
, en dit geeft een cirkel met middelpunt Oorsprong en straal 5.1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
l m
n
Opgave 3.4 a)
De geconjugeerde is aangegeven met een *:
* * * * *
5 2 ( i A en A ), 1 3 ( i B en B ), 3 4 (i C en C ), 5 (i D en D ), 4 (E en E )
b) Als twee getallen elkaars geconjugeerde zijn liggen ze symmetrisch t.o.v. de reële as.
Opgave 4.1 a) Bij de optelling is de staart van z2 aan de kop van z1 gelegd.
Bij de aftrekking is de staart van –z2 (z2 over 180 graden draaien) aan de kop van z1 gelegd.
Je ziet:
1 2 2 4
z z i en
6
126543O-1-2-3-4-5 i 5i4i3i2i
-i-3i -2i
-4i E
A E*=E A* B
C D
B*
D* C*
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i Z1-Z2
Z1
Z2 Z1+Z2
Z2
-Z2
1 2 4 2 z z i
Opgave 4.1 b) Je ziet:
1 2 2
z z i en
1 2 4 5
z z i
Opgave 4.1 c)
Je ziet:
1 2 6
z z i en
1 2 2 5
z z i
Z1
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
Z1-Z2 -4i
Z2
Z1+Z2 Z2
-Z2
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
Z1-Z2 -4i Z1
Z2 Z1+Z2
Z2
-Z2
Opgave 4.2 a)
Alle punten liggen op afstand 5 van het getal 2, dus vormen samen de cirkel met middelpunt 2 en straal 5.
Opgave 4.2 b)
Omdat :
4 3 ( 4 3 )
z i z i
liggen alle punten op afstand 2 van het getal -4-3i, dus dat is het middelpunt van de cirkel met straal 2.8
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
Opgave 4.2 c)
Voor alle punten moet nu de afstand tot het getal 1+i kleiner dan of gelijk zijn aan 4, dus dat zijn alle punten óp of binnen de cirkel met middelpunt 1+i en straal 4.
Opgave 4.2 c) De punten moeten nu binnen of op de cirkel met middelpunt 2-2i liggen, maar óók buiten of op de cirkel met mid- delpunt O en straal 4.
Dus het zijn alle punten die binnen of op het lichtgekleurde 'maantje' liggen rechtsonder.
10
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
1 2 3 4 5 6
-1 O -3 -2
-4 -5
i 5i
4i 3i 2i
-i
-3i -2i
-4i
Opgave 4.3
2 2 2 2 2 1 2 2 ( 2 2 2) 2
( )( )
z z
x yi x yi x
y i x
y x
y x
y z Opgave 4.42 2
1 2 ( )( ) ( ) ( ) ( )
z z a bi c di ac bd ad bc i ac bd ad bc
2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2
a c abcd b d a d abcdb c a c a d b c b d .
Ook geldt:
2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2
1 2 ( ) ( )
z z a bi c di a b c d a c a d b c b d , dus inderdaad geldt: z1z2 z1 z2
. Opgave 4.5
a)
2 2
3 3 3 3 18 3 2
z i
en
3 3
14
tan( )
1 Arg z( )
. b) z 13i 13
en tan( ) bestaat niet! Arg z( ) 12
. Kijk in de tekening!c)
3 32 1 2
z i
en
1 1
3 6
tan( )
1
( )3 3
Arg z
d)
2 2
1 1 1 1 1 1 1 1
4 4 2 2 2 2 2 2
cos( ) sin( ) 2 2 ( 2) ( 2) 1
z i i
en
12 1
1 4 2
tan( )
2
1 ( )2
Arg z
. e)
2 2
3 3 1 1 1 1 1 1
4 4 2 2 2 2 2 2
4(cos( ) sin( )) 4 2 2 4 ( 2) ( 2) 4 4
z i i
en
12 3
1 4 2
tan( )
2
1 ( )2
Arg z
. Kijk in de tekening waarom nietgeldt dat
14
!! (Je ziet die 34
ook al in de opgave terug!) f) z 11 11en Arg z ( ) 0 Kijk in de tekening!
Opgave 4.6
a) Het
lijkt er veel op dat als je de argumenten van z1 en z2 optelt je het argument van z1z2 krijgt! Uiteraard weet je dat niet zeker, want je hebt je maken met afrondingen in de GR. Maar het is te bewijzen dat het inderdaad zo is, zie het vervolg van de tekst in §5.
( )1
Arg z Arg z( )2 z1 z2 Arg z( 1z2)
a) 1.107148718 0.463647609 10i 1.570796327
b) -0.3217505544 -1.373400767 -2-16i -1.695151321
c) 0.99827937232 -1.030376827 21-i -0.0475831033
Opgave 5.1
a)
2 2
7 7 i 7 7 7 2
. Er geldt
tan( ) 7 1
7 , dus Arg(7 7 ) i
14
. Dus 7 7 i 7 2(cos(14
) isin(14
)), ofwel: 7 2(cos(14
)isin(14
)).b) (3 2 ) i 2 5 12i. 5 12 i 52 122 13 en
tan( ) 12 2, 4
5 , dus (3 2 )2 1,18
Arg i
, dus (2 3 ) i 2 13(cos(1,18)isin(1,18)). c)2 2
3 4 i 3 4 5
. Arg 3 4i
0, 93 (met GR!) dus 3 4 i 5(cos( 0, 93) isin( 0, 93)) .d) 123i 123
en Arg(123 )i
12
dus 123i 123(cos(12
)isin(12
)).e)
1 1 1 1
2 2 2 2
7 5 7 5 1
3 2 3 2
2 2 2
i i
i i i i i
Dus
1 1 1
2 2 2
7 5 2 3 18 4.30
2
i i
i
en Arg(212 3 )12i 0.95. Dus
1 1
2 2
7 5 2 3 4.30 (cos( 0.95) sin( 0.95)) 2
i i i
i
. Opgave 5.2
a) 4(cos 60 isin60 ) 4(12 i 12 3) 2 2 3i b) 10(cos30 isin30 ) 5 3 5 i
c)
(cos120 isin120 ) 12
12
3id) 7 cos(56
) i 7 sin(56
) 7 12 3 7 12 i 12 21 12 7i e) (cos(12
)isin(12
)) iOpgave 5.3
N.B. Op de vertikale as staat alleen de coëfficiënt van i steeds aangegeven!
b) a)
De getallen vormen een kwart cirkel.
12
c) d)
Opgave 5.4
a) (cos(16)isin(16))5 cos(56)isin(56) b)
4 1 1 4
4 4
(1i) ( 2 (cos(
) i sin(
))) 4(cos(
) i sin(
)) c) Arg(3 4 ) i 0.9272...dus6 6
(3 4 ) i (5 (cos(0.9272...) isin(0.9272...)) 15625 (cos(5.6) i sin(5.6)) N.B. Niet in tussenstappen afronden!!
d) Arg( 4 3 ) i 2.4980... dus
1 1
2 2
( 4 3 ) i (5(cos(2.4980...)isin(2.4980...)) 5 (cos(1.25) isin(1.25)) e) Arg( 2 2 ) i 34
dus7 3 3 7 7 21 21
4 4 4 4
( 2 2 ) i (2 2(cos(
) isin(
))) (2 2) (cos(
) sin(
)) 1 1
4 4
1024 2 (cos(1
) isin(1
)). ( of: 1024 2 (cos( 34
) isin(34
)) f) (cos(116) isin(116))4 14 (cos( 4 46) isin( 4 46)) cos(23) isin(23) g) 12 3 12i cos(16
)isin(16
) dus11 11 11
1 1 1 1 11 11
2 2 6 6 6 6
( 3 i) (cos(
)isin(
)) 1 (cos(
) isin(
)) 11 11 1 1
6 6 6 6
cos(
)isin(
) cos(
) isin(
)) Opgave 5.5a) Arg z ( ) 120 en z 1 dus
1(cos(120 ) sin(120 )) cos(120 ) sin(120 )
z i i . Dus dan is
3 (cos(120 ) sin(120 ))3 cos(3 120 ) sin(3 120 )
z i i
cos(360 ) isin(360 ) 1 i 0 1.
N.B. z cos(120 ) isin(120 ) 12 12 3i. b) Er geldt:
1cos(360 ) isin(360 ) cos(720 ) isin(720 ) cos(1080 ) isin(1080 ) etc. Voor het hoofdargument moet dus gelden (volgens de formule van De Moivre)
dat als dat vermenigvuldigd wordt met 3 je op 360 of een veelvoud daarvan uit moet komen. Dat is zo bij hoofdargument gelijk aan 0 (ofwel: z 1) en
bij 240.
Nu geldt: z cos(240 ) isin(240 ) 12 12 3i.
c) Nu moet het argument vermenigvuldigd met 5 360 of een veelvoud daarvan opleveren. Dat lukt bij 360 / 5 72 en dan ook bij 2 * 72 144 en bij 3 * 72 216 en bij 288 en bij 0.
Opgave 5.6
Als z een eenheidswortel is geldt per definitie dat z n 1 voor een of andere (hele) waarde van n. Dan moet ook gelden: z n 1
. Dus dan ook: zn zn 1
. Omdat de modulus van z gelijk is aan 1 ligt z dus op de eenheidscirkel.
Opgave 5.7
Opm: maak steeds een schetsje, dan kan je modulus en argument snel vinden.
a) z2 9i 9(cos(90 ) i sin(90 ) 9(cos(450 ) i sin(450 ) . Dan geldt:
3(cos(45 ) sin(45 )
z i en ook z 3(cos(225 ) i sin(225 ) . Dus z 3(12 2 i 12 2) 1 12 2 i 112 2 en
1 1 1 1
2 2 2 2
3( 2 2) 1 2 1 2
z i i .
b) z3 8 8(cos(0 ) isin(0 )) 8(cos(360 ) isin(360 )) 8(cos(720 ) isin(720 ))
Dus dan is z 2(cos(0 ) isin(0 )) en ook 2(cos(120 ) sin(120 ))
z i en ook z 2(cos(240 ) isin(240 )) , ofwel 2
z en z 2( 12 i 12 3) 1 i 3 en z 2( 12 i 12 3) 1 i 3. c) We kunnen z4 schrijven als 3 (cos( )4 x isin( ))x met voor x de waarden 0, 360,
720 en 1080. Dus dan is z 3(cos(0 ) i sin(0 ) 3 en 3(cos(90 ) sin(90 ) 3
z i i en z 3(cos(180 ) i sin(180 ) 3 en ook 3(cos(270) sin(270 ) 3
z i i.
We kunnen dit natuurlijk ook als volgt doen:
4 81 2 9 2 9 3 3
z z of z z of z i. d)
4 cos( 90 ) sin( 90 ) cos(270 ) sin(270 ) cos(630 ) sin(630 )
z i i i i
cos(990 ) isin(990 ) . Dus z cos( 22 12 ) isin( 22 12) en
1 1
2 2
cos(67 ) sin(67 )
z i en z cos(15712 ) isin(15712) en
1 1
2 2
cos(247 ) sin(247 )
z i .
e) z2 1 i 2(cos(225 ) isin(225 )) 2(cos(585 ) isin(585 )) dus dan is z 42(cos(112 )12 isin(112 ))12 en z 42(cos(292 )12 isin(29212)). Opgave 5.8
14
a) 4 3i heeft modulus 5 en argument met tan
34, dus 36.869... (Nog niet afronden!). Dus ook 323.130..... Dan is5(cos( 18.43... ) sin( 18.43... )) 2.12 0.71
z i i en
5(cos(161.56... ) sin(161.56... )) 2.12 0.71
z i i ofwel het
tegengestelde van de andere oplossing!
b) 3i heeft modulus 3 en argument 90, dus ook 450 en 810. Dus
3 16 13
2 2
3(cos(30 ) sin(30 )) 3 3 1.25 0.72
z i i i en
3 16 1
2 2
3(cos(150 ) sin(150 )) 3 1.25 0.72
z i i i i en
33(cos(270 ) sin(270 )) 0 33 1.44
z i i i i.
Dus z 1.25 1.72 ien z 1.25 1.72 i en z 0.44i. c) Nu geldt z 4 i 3i dus z 4 i 3i 4 ( 3 1) i en
4 3 4 ( 3 1)
z i i i
d) Herleid de vergelijking tot z2 4 4 i. De modulus van 4 4i is 4 2 en een argument is 45. (plaatje!) De modulus van de oplossingen is dus
4 2 2 24 2.3784.... en de argumenten 2212 en 157 12 .
Dus z 2 2(cos( 22 )4 12 isin( 22 )) 12 2.20 0.91 i en de andere oplossing is het tegengestelde hiervan: z 2.20 0.91 i.
e) 5 2 5 2i heeft modulus 10 en argument 225 of 135. De modulus van de oplossingen is dus 10 en de argumenten 112 12 en 6712. Dus dan vind je:
1 1
2 2
3z2i 10(cos(112 ) isin(112 )) 1.21 2.92 i en 3z2i ( 1.21 2.92) 1.21 2.92 i.
Dus z ( 1.21 2.92 i 2 ) / 3 ~i 0.40 1.64 i en z 0.40 1.64 i. Opgave 6.1
We moeten bewijzen: (cos
isin )
n cosn
isinn
. Volgens Euler kunnen we cos isin schrijven als ei, dus dan geldt:(cos
isin )
n (ei)n ei n cosn
isinn
, waarmee deze formule bewezen is.Opgave 6.2
a) 16 16 12 12
16 i
cos( ) isin( ) 3 i
e
b) 56 56 12 12
56 3(cos( ) sin( )) 1 3 1
3 e
i
i
ic) 14 14
14
5 2
e
1 i 5 2 (cos(1
)isin(1
)) 5 5id) 34 34
34 123456
2 2(cos(123456 ) sin(123456 ))
2
e
i 2
i
3 3
4 4
2(cos( ) sin( )) 2 2
2
i
ie) ei cos( )