x ≈ 38,6 Hangar

(1)

wiskunde B havo 2015-I

Hangar

1 maximumscore 3

• Beschrijven hoe de vergelijking ₋_0,0306_x2 ₊_{56,6 0}₌ _{opgelost kan}

worden 1

• De oplossingen zijn x≈ −43,01 (of nauwkeuriger) en x≈43,01 (of

nauwkeuriger) 1

• Dit geeft een breedte van 86,0 meter 1

Opmerking

Als voor x de waarde 86,0 43,0

2 = in de formule is ingevuld en uit het feit

dat de waarde van y die op deze manier gevonden wordt dicht bij 0 ligt, geconcludeerd is dat de breedte van de hangar ongeveer 86,0 meter is, voor deze vraag maximaal 1 scorepunt toekennen.

• De hoogte van de hangar is 56,6 meter 1

• De oppervlakte van de opening van de hangar is 2

3⋅86,0 56,6 3245⋅ ≈ (m2) (of nauwkeuriger) 1 • De gevraagde inhoud is (3245 175⋅ ≈) 568 000 (m3) 1

Opmerking

Als een kandidaat met nauwkeuriger in onderdeel 1 verkregen waarden de oppervlakte 3246 (m2) uitrekent, hiervoor geen scorepunten in mindering brengen.

Vraag Antwoord Scores

• Als de Airbus A380 in het midden van de hangar zou staan, is de

x-coördinaat van het (rechter)vleugeluiteinde 79,8 = 39,9

2 1

• (−0,0306 39⋅ ,92+56,6≈7,9 dus) de hoogte van de hangar is daar

(ongeveer) 7,9 meter 2

• Dit is minder dan 11,0 meter dus de Airbus A380 past niet in de

lengterichting in de hangar 1

(2)

www.examen-cd.nl www.havovwo.nl

wiskunde B havo 2015-I

Functie met sinus

( ) cos( ) (sin( ) 2cos( )) sin( ) (cos( ) 2sin( ))= ⋅ + + ⋅ −

f ' x x x x x x x

Opmerking

Als een kandidaat de productregel niet of niet correct heeft toegepast, voor deze vraag geen scorepunten toekennen.

• f '(π) 2= 1

• De raaklijn in A heeft dus een vergelijking van de vorm y=2x b+ 1

• Invullen van de coördinaten van A in y=2x b+ geeft b= − π2 (of

6,283 ≈ −

b (of nauwkeuriger)) 1

• De x-coördinaat van B is dus een oplossing van de vergelijking

sin( ) (sin( ) 2cos( )) 2x x + π x = x−2 (of

sin( ) (sin( ) 2cos( )) 2x x + x = x−6,283 (of nauwkeuriger)) 1

• Beschrijven hoe deze vergelijking opgelost kan worden (voor > πx ) 1

• De gevraagde x-coördinaat is 3,84 1

• Uit de grafiek blijkt dat de periode van f gelijk is aan π 1

• Hieruit volgt q=(2π =

π ) 2 1

• Beschrijven hoe de extreme waarden van f gevonden kunnen worden 1

• De extreme waarden van f zijn –0,618 en 1,618 (of nauwkeuriger) 1

• Dus =s (1,618 0,618 2 − =) 0,50 1 • Dus p= ( 1,618 0,618 2 − − _≈ ) 1,12 1

• Beschrijven hoe (bijvoorbeeld) de kleinste positieve oplossing van

( ) 0,50=

f x gevonden kan worden 1

• Deze oplossing is x≈0,23 en een mogelijke waarde voor r is dus

(bijvoorbeeld) 0,23 1

(3)

-wiskunde B havo 2015-I

Theedoosje

• Het tekenen van een rechthoek van 41 mm bij 20 mm 1

• Het afmaken van het bovenaanzicht 1

• Het tekenen van een trapezium (ABFE of DCGH) met de juiste

afmetingen 1

• Het tekenen van rechthoeken met breedte 20 mm op een juiste plaats 1

• Het tekenen van het tweede trapezium aan een zijde van een rechthoek 1

(4)

wiskunde B havo 2015-I

• De inhoud van het (op zijn voor- of achterkant gelegde) theedoosje is

oppervlakte trapezium maal hoogte 1

• De oppervlakte van het trapezium is (20 10,5) 42 1281+ ⋅ = (mm2₎ ₂ • De inhoud van het theedoosje is 1281 20 25620⋅ = (mm3_{), dus de}

gevraagde inhoud is 26 (cm3₎ ₁

of

• De inhoud van het theedoosje is op te vatten als de inhoud van een balk

waar twee prisma’s vanaf zijn gehaald 1

• De inhoud van de balk is 41 20 42 34440⋅ ⋅ = (mm3) 1

• De inhoud van de prisma’s is elk 1

2⋅10,5 42 20 4410⋅ ⋅ = (mm3) 1 • De inhoud van het theedoosje is 34440 2 4410 25620− ⋅ = (mm3_{), dus de}

gevraagde inhoud is 26 (cm3₎ ₁

(5)

-wiskunde B havo 2015-I

Grafiek met lijnstuk

10 maximumscore 4 • f x( ) 4(3 1)= x− −1 1 • _{f ' x}_{( )}_{= −}_{4(3 1)}_x₋ −2_⋅₃ ₂ • Dit geeft ( ) 12 ₂ (3 1) − = − f ' x x 1 Opmerking

Als een kandidaat de kettingregel niet of niet correct heeft toegepast, voor deze vraag maximaal 2 scorepunten toekennen.

• De y-coördinaat van A is ( (1) =f ) 2 en de y-coördinaat van B is ( f(3) =) 1

2 1

• De richtingscoëfficiënt van lijnstuk AB is dus 12 3 4 2 3 1 − = − − 1 • De vergelijking 3 4 2 12 (3 1) − = − −

x moet worden opgelost 1

• Hieruit volgt (3 1)x− 2 =16 1 • Dit geeft 3 1 4x− = of 3 1x− = −4 1 • Dus 5 3 = x of x= −1 1

• Dit geeft, omdat (C tussen A en B ligt en dus) voor de x-coördinaat van

C geldt 1< <x 3: de x-coördinaat van C is 5

(6)

wiskunde B havo 2015-I

Geluidsbox

12 maximumscore 4 • De vergelijking 10 7 ₂ 4π 5 − ₌ ⋅

P _{moet worden opgelost} ₁

• De oplossing is P= π⋅10−5 (of P≈3,14 10⋅ −5) 1

• Dus op 1 meter afstand geldt π 10₂5 4π 1 − ⋅ = ⋅ I (of 3,14 10₂ 5 4π 1 − ⋅ ≈ ⋅ I ) 1

• De gevraagde geluidsintensiteit is 2,5 10⋅ −6 (watt per m2_{) (of een}

vergelijkbare vorm) 1

of

• De intensiteit I is omgekeerd evenredig met r2 ₁

• Dus ₇ 5₂2 10− =1

I _{(of: de intensiteit op 1 meter afstand is dus 25 keer zo}

groot als op 5 meter afstand) 2

• De gevraagde geluidsintensiteit is 2,5 10⋅ −6 (watt per m2_{) (of een}

vergelijkbare vorm) 1

Opmerking

De antwoorden _{3 10}_⋅ −6_{(watt per m}2_{) (of een vergelijkbare vorm) en}_{2 10}_⋅ −6

(watt per m2_{) (of een vergelijkbare vorm) ook goed rekenen.}

• ₌_{10 log(10 2 ) 10 log(2 10}_⋅ 12_⋅ ₌ _⋅ _⋅ 12_⋅ ₎ nieuw

L I I 1

• _{log(2 10}_⋅ 12_{⋅ =}_I_{) log 2 log(10}₊ 12_⋅_I₎ ₁ • Dus L_nieuw=10 log 2 10 log(10⋅ + ⋅ 12⋅ =I) 10 log 2⋅ +L 1

• (10 log 2 3⋅ ≈ dus) het gevraagde vaste aantal decibel is 3 1

of

• Als bijvoorbeeld I =1, dan geldt I_nieuw =2 en dit geeft 12

10 log(10 2)

= ⋅ ⋅

nieuw

L 1

• log(10 2) log(10 ) log 212⋅ = 12 + 1

• Dus ₌_{10 log(10 ) 10 log 2}_⋅ 12 _{+ ⋅} _{= + ⋅}_{10 log 2} nieuw

L L 1

• (10 log 2 3⋅ ≈ dus) het gevraagde vaste aantal decibel is 3 1

(7)

-wiskunde B havo 2015-I

• 10 log(10⋅ 12⋅ =I) 80 geeft log(1012⋅ =I) 8 1

• Hieruit volgt ₁₀12_{⋅ =}_I ₁₀8 ₁ • Dit geeft I =0,0001 1 • Dus 0,0001 30₂ 4π = r 1 • Hieruit volgt 2 300 000 4π = r (≈23 873 (of nauwkeuriger)) 1

• (Dit geeft r≈154,51 dus) het gevraagde antwoord is 155 (m) 1

of • 30₂ 4π = I r 1 • 80 10 log(1012 30₂) 4 = ⋅ ⋅ πr 1 • Hieruit volgt 30₂ 0,0001 4πr = 2 • Hieruit volgt 2 300 000 4π = r (≈23 873 (of nauwkeuriger)) 1

• (Dit geeft r≈154,51 dus) het gevraagde antwoord is 155 (m) 1

Opmerking

Het antwoord 154 (m) ook goed rekenen.

• Als bijvoorbeeld I =1, dan geldt L 10= ⋅log(1012⋅1) dus L =120

• I =1 geeft I_nieuw =2 en dus L_nieuw=10⋅log(1012⋅2) • Hieruit volgt L_nieuw ≈123 (of nauwkeuriger)

(8)

wiskunde B havo 2015-I

(G)een exponentiële functie

• De vergelijking 1 2 2

2 x x− =16 moet worden opgelost 1

• Beschrijven hoe deze vergelijking opgelost kan worden 1

• De gevraagde coördinaten zijn –2 en 4 1

• De afgeleide van de exponent is x−1 1

• Uit x− =1 0 volgt x=1 1

• (Het minimum van f is) 1 2 (1) 2= − f ( 1 2 1 ₂ 2 = = ) 1 of

• Beschrijven hoe de x-waarde waarbij het minimum van f wordt

aangenomen op exacte wijze gevonden kan worden 1

• x=1 1

• (Het minimum van f is) 1 2 (1) 2= − f ( 1 2 1 ₂ 2 = = ) 1 Opmerking

Als gebruikgemaakt is van de symmetrie van de grafiek van f zonder dat deze afdoende wordt aangetoond, voor deze vraag maximaal 1 scorepunt toekennen.

(9)

-wiskunde B havo 2015-I

De oppervlakte van driehoek

ABC

17 maximumscore 5 • ( ) 2 3 2 2 2 3 = + + ⋅ ⋅ + f ' x x x

x (of een gelijkwaardige vorm) 2

• Dus ( ) 2 3 2 3 2 3 2 3 + ⋅ + = + + + x x x f ' x x x 2 • Dit geeft ( ) 3 3 2 3 + = + x f ' x x 1 of • f x( )= 2x3+3x2 1 • 2 3 2 6 6 ( ) 2 2 3 + = + x x f ' x

x x (of een gelijkwaardige vorm) 2

• Dus ( ) 6 2 6 2 2 3 + = ⋅ + x x f ' x x x 1 • Dit geeft ( ) 3 3 2 3 + = + x f ' x x 1 Opmerking

Als een kandidaat de product- en/of kettingregel niet of niet correct heeft toegepast, voor deze vraag maximaal 3 scorepunten toekennen.

• f '(3) 4= 1

• De raaklijn k heeft dus een vergelijking van de vorm y=4x b+ 1

• Invullen van de coördinaten van A in y=4x b+ geeft b= −3 1

• 4x− =3 0 geeft 3 4 =

x (dus de x-coördinaat van B is 3

4) 1 of • f '(3) 4= 1 • (∆ =4 ∆ y

x dus) het verschil van de x-coördinaten van A en B is ( 4 ∆y ₌₎₉

(10)

wiskunde B havo 2015-I

• De oppervlakte van driehoek ABC is (1

2⋅BC y⋅ A=) 12⋅BC⋅9 1

• (2x+ =3 0 geeft 3 2 = −

x dus) het beginpunt van de grafiek van f is

C 3 2 (− , 0) 1 • Dus 3 3 9 4 2 4 = + = BC 1

• Dus de oppervlakte van driehoek ABC is 1 9 81

2 4⋅ ⋅ =9 8 1