Eerste- en derdegraadsfunctie 4p 1 f (0 )=(0−1)
(
0+11 2)
=−1 1 2 door A ( 0, 1 ½ ) x [(¿¿2−1)(x +11 2)]'=[ x 3 +11 2x 2 −x−11 2]'=3 x 2+3 x−1 f ' ( x )=¿ f'(0)=0+0−1=−1 g (0)=0+11 2=1 1 2 door A ( 0, 1 ½ ) g ' ( x)=−1 6p 2 Opp(driehoek OAB)= ½ . 1½ . 1 ½ = 9/8 Opp (links onder f) =∫
0 1 x3−11 2 x 2 −x +11 2dx=⌊ 14x 4 −1 2x 3 −1 2x 2 +11 2x⌋ 10 = ( 1 4− 1 2− 1 2+1 1 2¿−(0)= 3 4
Dus Opp(rechtsonder driehoek OAB) = 98−3 4=
3 8=
1
2opp (links onder)
Verzadigingsgraad van hemoglobine 3p 3 v = 100 p 3 p3+25000=75 geeft 75
(
p 3 +25000)
=100 p3dus 75 p3+1875000=100 p3 25 p3=1875000 p3=75000 p=√
375000 ≈ 42,1716 … dus ongeveer 42 mmHg 4p 4 v'=[
100 p 3 p3+25000]
' =¿ ¿(
p 3 +25000)
∙ 300 p2−100 p3∙ 3 p2 (p3+25000)2 =¿ ¿300 p 5 +7500000 p2−300 p5 (p3+25000)2 = 7500000 p2(p3+25000)2
is het grootst voor p=…?
Uitwerkingen Wiskunde B VWO 2013-2
¿GR invoeren Y 1= 7500000 p
2 (p3+25000)2
venster [-1,100] x [-1,10]
[Calc][Max] geeft x=23,207945… dus p=23
4p 5 v 100−v= 0,00004 p3 1 geeft 0,00004 p 3 ∙(100−v )=v 0,004 p3 −0,00004 p3v=v 0,00004 p3v +v=0,004 p3 v
(
0,00004 p3+1)
=0,004 p3 v = 0,004 p3 0,00004 p3+1= 25000 25000∙ 0,004 p3 0,00004 p3+1= 100 p3 p3+25000Vermenigvuldigen in horizontale en verticale richting
4p 6 f ( x )=1+ln ( x )
x maal e t . o . v .−as geeft
f ( x )=e 1∙
1+ln( x )
x =
e+eln( x )
x maal 1/e t.o.v. de y-as geeft f ( x )=e+eln(e ∙ x ) e ∙ x = e(1+ln (e ∙ x )) e ∙ x = 1+ln (ex ) x = 1+ln( e)+ln( x ) x = 1+1+ln ( x) x dus c=2 4p 7 Opp( V ) = boven−onder dx=¿
∫
1 e ¿ 3+ln(x) x − 1+ln(x) x dx=¿∫
1 e ¿∫
1 e 2 xdx=2 1 x dx=¿∫
1 e ¿2
(
ln (e )−ln (1)
)
=2.1=2[
ln (x )]
e1=2¿
Gelijke hoeken 3p 8
TEBEW BEKEND Bewijs
△ ABD ≈ △ ADC ∠ D1=∠C2(Hoek KoordeRaaklijn=Omt . hoek op koorde BD) △ ADB ≈ △ ACD( HH ) ∠ A=∠ A
4p 9
TEBEW BEKEND Bewijs
∠Q2=∠ P2
∠Q2+∠D12+∠ A1=180
O (Hoeken som △ ADQ )
∠ P4+∠ B1+∠ A2=180
O
(Hoeken som △ APB ) ∠ P2=∠ P4 (Overstaande hoeken)
∠B1=∠ D12(mbv vorige vraag△ ADB≈ △ ACD)
∠ A1=∠ A2 (gelijke hoeken biss.) dus ∠ P4+∠ B1+∠ A2=180O wordt dus ∠ P2+∠D12+∠ A1=180O
Een hartvormige kromme 8p 10
y’(t) = 2cos(t) – 2 cos(2t) =0 dus cos(t) = cos(2t)
dus t=2 t+k .2 π∨ t=−2t +k .2 π dus −t=k .2 π∨3 t=k .2 π dus t=−k .2 π∨t=k .2 3π dus t=0∨t=2 π ∨ t=2 3π∨t= 4 3 π dus max. Waarde voor y is y( 2
3π¿=2 sin
(
2 3π)
−sin(
4 3π)
=√
3− −1 2√
3=1 1 2√
3 6p 11 x=1 dus 2cos(t)-cos(2t) = 1 dus 2cos(t) - (2 cos2(t )−1¿=1
dus 2 cos (t )−2 cos2(t)+1=1 dus 2 cos(t )−2 cos2(t)=0 dus 2 cos (t )
(
1−cos (t ))
=0dus 2cos(t)=0 v cos(t)=1 dus t=1 2π∨t=1 1 2π t=0∨ t=2 π dus y( 12π¿=2 sin
(
1 2π)
−sin (π )=2−0=2 en y( 11 2π¿=2 sin(
1 1 2π)
−sin (3 π )=−2−0=−2 dus a=2De leeftijd van ons zonnestelsel 3p 12 a (t )=a (0 )∙ e−λt=1 2a (0 ) dus e−λt =1 2 dus – λt=ln
(
1 2)
dus t= ln(
1 2)
−λ = ln (2) λ ≈ 4,88 … 10 10 jaar3p 13 a(t)+b(t) = a(0)+b(0) geeft a(t)+b(t) - a(0) = b(0) en
a (t )=a (0)∙ e−λt geeft a (0)=a (t )
e−λt=a (t)e
λt
geeft
a(t)+b(t) - a(t)eλt = b(0) dus a(t)∙(1−a (t )eλt
)+b(t ) = b(0) 4p 14 Voor M1 geldt: 0,739+
(
1−eλt)
∙ 0,60=b (0)Voor M2 geldt: 0,713+
(
1−eλt)
∙ 0,20=b (0) Dus 0,739+(
1−eλt)
∙ 0,60=0,713+(
1−eλt)
∙ 0,20 Dus(
1−eλt)
∙−0,40=0,026 Dus(
1−eλt)
=0,026 −0,40 Dus −eλt=0,026 −0,40−1 Dus λt=ln(1,065) Dus t = ln (1,065 ) λ ≈ 4.434 .845 .011 jaar Dus 4 miljard jaarKoordenvierhoek 5p 15
TEBEW BEKEND Bewijs
∠ E2=∠ F2 ∠ D1=∠C1Const . op AB
Constante hoek op koorde AB ∠ D1=∠ A1 Basishoeken gelijkbenige △ ADE
dus A,B,E en F op cirkel ∠ E2=∠ D1+∠ A1 buitenhoek △ ADE Dus ∠ E2=2∠ D1=2∠C1 ∠B1=∠C1 Basishoeken gelijkbenige △ BCF
∠ F2=∠C1+∠B1 buitenhoek △ ADE Dus ∠ F2=2∠C1 Dus ∠ E2=∠ F2
4p 16 Bewijs dat EF evenwijdig is aan DC.
TEBEW BEKEND Bewijs
∠C2=∠F3Gelijke F Hoeken ∠B3=∠ F3Const . op AE
∠B3=∠C2Const . op AD dus ∠C2=∠F3
Lijnstuk en parabool
4p 17 P(0,8) en R(a,0) Geeft midden PR=( 0+a 2 ,
8+0 2 ¿=(
1
2a , 4 ) op grafiek van f dus f( 1 2a )=4 Dus 8−1 2( 1 2a) 2 =4 Dus 8−18a2 =4 Dus 1 8a 2 =4 Dus a2 =32
Dus a=
√
32=4√
2 v a=−√
32=−4√
2 en a>0 Dus a=√
32=4√
2 5p 18 lengte boog=∫
0 4√
1+(f' ( x ))2dx =√
a2+82 =√
a2+64=lengte PR Mbv GR:Y1=-x invoeren en mbv [MATH][9:fnInt( ]